mysqljsonarray_MySQLJSON数组在Where的条件下
（MySQLJSO。。。
MySQL JSON数组在Where的条件下(MySQL JSON array in Where in condition)
它正在⼯作，但只返回⼀个记录。 我总共有5个。
Catalog.similar是json类型字段。 我从返回中删除[“”]并放⼊WHERE IN Condition。 但我只得到⼀条记录。
SELECT * FROM similar_codes a WHERE a.id IN (SELECT REPLACE(SUBSTR(c.similar,2,LENGTH(c.similar)-2),'"','') FROM catalog c WHERE c.id=1)
从WHERE IN内部的选择返回。
SELECT REPLACE(SUBSTR(c.similar,2,LENGTH(c.similar)-2),'"','') FROM catalog c WHERE c.id=1)
3380, 3382, 1952, 3384, 3383
It's working but returning just one Record. I Have 5 in Total.
Catalog.similar is json type field. I remove [""] from the return and putting inside the WHERE IN Condition. But I get just one record.
SELECT * FROM similar_codes a WHERE a.id IN (SELECT REPLACE(SUBSTR(c.similar,2,LENGTH(c.similar)-2),'"','') FROM catalog c WHERE c.id=1)
The Return from the select inside the WHERE IN is.
SELECT REPLACE(SUBSTR(c.similar,2,LENGTH(c.similar)-2),'"','') FROM catalog c WHERE c.id=1)
3380, 3382, 1952, 3384, 3383
2020-02-17 19:43
满意答案
⽽不是试图开发⾃⼰的搜索JSON的⽅式，为什么不使⽤内置函数？ 或者，如果您使⽤的是不⽀持JSON数据的MySQL版本，则可能更适合使⽤链接表。
-- Create main table
CREATE TEMPORARY TABLE test (id INT(11));
INSERT INTO test (id) VALUES (3380), (3382), (1952), (3384), (3383);
-- Create JSON table
CREATE TEMPORARY TABLE test_search (id INT(11), similar JSON);
INSERT INTO test_search (id, similar) VALUES (1, JSON_ARRAY(3380, 3382, 1952, 3384, 3383));
-- Select
SELECT t.id
FROM (SELECT similar AS ids FROM test_search WHERE id = 1) ts
INNER JOIN test t ON JSON_CONTAINS(ts.ids, CAST(t.id AS json), '$');
Rather than trying to develop your own way to search JSON, why not use the built in functions? Alternatively, if you are using a version of MySQL that doesn't support JSON data, you might be better looking at using a linked table.
-- Create main table
CREATE TEMPORARY TABLE test (id INT(11));
INSERT INTO test (id) VALUES (3380), (3382), (1952), (3384), (3383);
-- Create JSON table
CREATE TEMPORARY TABLE test_search (id INT(11), similar JSON);
INSERT INTO test_search (id, similar) VALUES (1, JSON_ARRAY(3380, 3382, 1952, 3384, 3383));
-- Select
SELECT t.id
FROM (SELECT similar AS ids FROM test_search WHERE id = 1) ts
INNER JOIN test t ON JSON_CONTAINS(ts.ids, CAST(t.id AS json), '$');
2017-05-15
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mysql> SET @`json` :=
-> '[
'> {
'> "id": 1, "type": 2
'> },
'> {
'> "id": 2, "type": 1
'> }
'> ]';
Query OK, 0 rows affected (0.00 sec)
您可以获取数组中的所有ids ： mysql> SELECT JSON_EXTRACT(@`json` ,'$[*]....
您可以使⽤_.startsWith()来匹配您需要的前N个字符，⽽不是使⽤_.matches()。 例如，如果要匹配以“he”开头的名称，则可以执⾏以下操作： var result = [{
name: 'hello'
}, {
name: 'healthy'
}];
_.filter(result, function(obj) {
return _.startsWith(obj.name, 'he');
});
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{
**series**.push({
name: data.value[i].name,
data:data.value[i].value
});
}
var chart = new 下载mysql为什么下载不了
点击此链接 已为⼦菜单创建了两个模板
{{item.subCategory}}
...
$start = 1;
while($row = mysqli_fetch_assoc($result))
{
$emparray[$start] = $row;
$start++;
}
$dataList = json_encode($emparray);
echo $dataList;
尝试这个！！ ⼤多数情况下，while循环中的部分有点搞砸了。 $start = 1;
while($row = mysqli_fetch_assoc($result))
{
$emparray[$
if(is_array($arr)){ $valuesArr = array(); foreach($arr as $row){ $email = mysql_real_escape_string( $row['property_name'] ); $post = mysql_real_escape_string( $row['post_type'] ); $sql = "update wp_posts set post_title='".$email."',
post_type='".$
⽽不是试图开发⾃⼰的搜索JSON的⽅式，为什么不使⽤内置函数？ 或者，如果您使⽤的是不⽀持JSON数据的MySQL版本，则可能更适合使⽤链接表。 -- Create main table
CREATE TEMPORARY TABLE test (id INT(11));
INSERT INTO test (id) VALUES (3380), (3382), (1952), (3384), (3383);
-
- Create JSON table
CREATE TEMPORARY
只需使⽤JSON_CONTAINS： SELECT * from `users`
WHERE JSON_CONTAINS(`data`, '{"name": "John","checked": true}');
Just use JSON_CONTAINS: SELECT * from `users`
WHERE JSON_CONTAINS(`data`, '{"name": "John","checked": true}');
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